|
Fir st,ifθK≤ 1,然后是l(0-) ≥ 0和l的单调性保证了urattains在x处有唯一的全局最大值*> 0满足普通一阶条件u′r(x*) = 0,等于θx*(1)- θ(x*+ K) )+(2β-1) e类-θx*(1+θ(x*+ K) )=0。(33)这种情况对应于命题4.4第(B)部分所描述的情况,因此,当θK≤ 1.其次,如果θK>1,则l(-K) =e-θK>0与l的单调性(-K、 0)确保urattains在点X处达到局部最大值*=θ- K<0。如果l(0+)=1-β- 1.θK>0,则urattains在阈值x处出现局部最大值*> 0也令人满意(33)。但是,如果l(0+)≤ 0,那么l的单调性意味着x*构成urand的全局最大点M={x*}. 因此,在l(0+)>0的情况下,设置MHA最多为两个点。为了确定M={x的参数值*, 十、*} 我们考虑方程(x*) - ur(x*) = 0。(34)自u′r(x*) = u′r(x*) = 0它认为ur(x*) = 1/ψ′r(x*) 和ur(x*) = 1/ψ′r(x*). 因此,(34)与ψ′r(x)等价*)-ψ′r(x*)=2βθ(eθx*- (2β- 1) e类-θx*)-θeθK-1=0。(35)因此,M={x*, 十、*} 带x*> (33)中的0当且仅当x*satis(35),与E2θx相等*- 2βe1-θKeθx*- (2β- 1) =0(36),表示X*=θlnβe1-θK+qβe2(1-θK)+(2β- (1). (37)将表达式替换为2β-1从(36)到(33)yieldseθx*= βe1-θK(1+θ(x*+ K) )。(38)通过在(38)中应用(37),我们得出结论,M={x*, 十、*} 当且仅当β∈ 如权利要求所述,[1/2,1]和θ>0等于C(β,θ)=0。这证明了情况(B),以及(A)和(C),因为该值是r的非递增函数。备注5.2。对于β=1方程(26)和θ:=√2^r读数为1+ln1+q1+e2(^θK-(1)=q1+e2(^θK-1) ,唯一解由^θK给出≈ 1.64132。注意β7→ θ(β)将θ(β)的极限增加为β↓ 1/2存在。Asβ↓ 1/2,则必须x*in(37)趋向于0。
|