,M,其中Am=a+a-λm-1Xz=下午1点,zAm-z- 克Bm=a-λm-1Xz=1pm,zBm-z+gm!,E1,0=-(A+B)K(γ+θ)- AK2θ,F1,0=-(A+B)K(γ- θ) - AK2θ,Em,m-1= -λpm,1Em-1,米-2(米- 1) [a+2a(γ- θ) - a] ,对于m≥ 2,Fm,m-1= -λpm,1Fm-1,米-2(米- 1) [a+2a(γ+θ)- a] ,对于m≥ 2,Em,n=-λPm-新西兰=下午1点,zEm-z、 n个-1+(n+1)奈姆,n+1n[α+2a(γ- θ) - a] ,对于1≤ n≤ m级- 2,Fm,n=-λPm-新西兰=下午1点,zFm-z、 n个-1+(n+1)naFm,n+1n[α+2a(γ+θ)- a] ,对于1≤ n≤ m级- 2,Em,0=-(Am+Bm)K(γ+θ)- AmK+Fm,1-Em,12θ,对于m≥ 2,Fm,0=-(Am+Bm)K(γ- θ) - AmK+Fm,1-Em,12θ,对于m≥ 2、(56)和γ=-r- qσ,θ=rγ+2(r+λ+β+κ)σ。(57)证明。我们首先考虑员工只持有一个选项的情况。当M=1时,ODE(54)的通解由C(1)(s)给出=As+BK+E1,0(sK)γ-θ+~E1,0(sK)γ+θ;如果s>K,F1,0(sK)γ+θ+F1,0(sK)γ-θ; 如果0≤ s≤ K、 (58)其中=-ga+a,B=ga.(59)通过强制C(1)(s)和DDSC(1)(s)在执行价格K下连续,我们考虑了s=K下的C(1)(s),并获得1 1γ - θ γ + θE1,0-F1,0E1,0- F1,0= -KA+BA(60)=>E1,0-F1,0E1,0- F1,0= -K2θ(γ+θ)(A+B)- A.-(γ - θ) (A+B)+A. (61)此外,由于γ- θ<0,我们将有▄F1,0=0,以保证C(1)(0)=0。当κ→ ∞, 成熟度τ→ 0,P-a.s.,这将导致C(1)(s)→ (s)- K) +。因此,我们有▄E1,0=0。因此,我们获得了剩余的非零系数:E1,0F1,0= -K2θ(γ+θ)(A+B)- A(γ- θ) (A+B)- A..
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