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u√/3,对于i=u+1,v+1√, 对于i=v+2,秦也就是说,有一个,aq+1,这样,(^Ci-Ci)<, (^Pi-Pi)<, 对于i=1,q、 这意味着使L(a,…,aq+1)最小化的(a,…,aq+1)也满足2Q“qXi=1(^Ci-Ci)+qXi=1(^Pi)-Pi)#<从而得出结论。C命题证明4.1自EQt[PTi=1Ri]=PTi=1Ri+PTi=t+1EQt[Ri],关键部分TXi=t+1EQt[Ri]=TXi=t+1EQt[logSiSi]-1] =TXi=t+1[EQt(对数Si)+EQt(对数Si-1)- 2EQt(对数Si)(对数Si-1) ]=TXi=t+1EQt(对数Si)+TXi=t+1EQt(对数Si-1)- 2TXi=t+1EQt[对数Si-1+对数(SiSi-1) ][日志Si-1] =TXi=t+1EQt(对数Si)+TXi=t+1EQt(对数Si-1)- 2TXi=t+1EQt(对数Si-1)- 2TXi=t+1EQt[对数Si-1] [日志(SiSi-1) ]=EQt[对数ST]- [日志St]- 2TXi=t+1EQt[对数Si-1] [日志(SiSi)-1) ]=EQt[对数ST]- [日志St]- 2TXi=t+1EQt[对数Si-1] EQt[日志(SiSi-1) ]=EQt[对数ST]- [日志St]- 2TXi=t+1[当量对数Si-1EQtlog Si- (EQtlog Si-1) ]然后,可通过将EQt[PTi=1Ri]插入(11)中获得(12)。D第一和第二时刻的线性插值假设交易日为t,到期日为t。我们通过t+n、t+n……终止交易合同的所有可能到期日。假设要插补的时间点为t+n。鉴于t天的所有可用信息,log St可被视为t天的期望值,EQtlog St。因此,我们根据t+n是否在区间[t,t+n]内分别考虑案例,然后应用线性插值获得log St+n的平均值。更具体地说,有两种情况:1。案例1:n∈ 已计算出[0,n]和EQt(对数St+n)。EQt(对数St+n)=EQt(对数St+n)-(n)- n) [EQt(对数St+n)- 对数St]n=nEQt(对数St+n)+(n- n) 对数(St)n2。案例2:n∈ [镍,镍+1]对于某些i=1,2。。
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